你有一些狼(a)、羊(b)、卷心菜(c)，想把他们弄到河对岸去，你只有一张船，船有最大载容量(d)。
每次运东西到河对岸都不能超过船的最大容载量，并且当你不在场的情况下，狼会吃羊，羊会吃卷心菜，但是狼不会吃卷心菜。
现在你需要判断自己可不可以在无损失的情况下，将自己的狼、羊、卷心菜运到河对岸？
思路：
1.你要判断是不是可以把（羊）或者（狼和卷心菜）一次性全部运到对岸，如果不可以的话，第一次运输的过程肯定会有损失。
判断d是不是大于b或者d是不是大于a+c
2.如果满足第一个条件的话才进行接下来的判定，否则直接判断不可以就行了
第二步判断分成两部分
以船的载容量大于等于羊的数量为例（跟船的载容量大于狼和卷心菜的数量相同的道理）
如果是大于不包含等于的话，直接就是可以的。因为你可以把羊一直放在船上，并且船是不满的，你可以把空余的位置放上狼或者是卷心菜，顶多，多送几次就是了，先把狼和卷心菜运到对岸，最后才把一直在船上的羊送到对岸。
如果是等于的话，就要进行判断了。
最大的情况：首先把羊全部送到对岸，回来把一部分狼和卷心菜送到对岸，把羊全部接回来。
这样可以再送一次，如果剩下的狼和卷心菜可以全部送到对岸，那么剩下的羊再送一次就可以了，答案就是可以的，否则就是不可以的。
那么最大的情况就是：狼和卷心菜的数量小于等于船的载容量的两倍，这就是在羊的数量等于船的载容量的情况下，狼和卷心菜所能达到的最大数量：2d
如果是狼和卷心菜的数量小于等于船的载容量，跟上面的过程一样。
这就是具体的过程了，下面给出用计算机实现的代码：
缺少头文件。
x，y，z，k分别代表狼的数量、羊的数量、卷心菜的数量、船的容载量
int main()
{
int x，y，z，k;
cin >> x >> y >> z >> k;
if(y<=k)
{
if(y<k)
{
cout <<“YES“<< endl;
return 0;
}
else if(x+z<=2*k)
{
cout <<“YES“<< endl;
return 0;
}
}
else if(x+z<=k)
{
if(x+z<k)
{
cout <<“YES“<< endl;
return 0;
}
else if(y<=2*k)
{
cout <<“YES“<< endl;
return 0;
}
}
cout <<“NO“<< endl;
return 0;
}
